【经典面试题】无序数组中，求第K大的数（堆、荷兰国旗问题、bfprt算法）

【经典面试题】无序数组中，求第K大的数（堆、荷兰国旗问题、bfprt算法）

今天来看一到算法题！经典面试题了，将从时间复杂度一般的解法，再到最优解！！！

题目：查找一个无序数组中，第K大的数。LeetCode链接

文章目录

• 解法一、堆
• 解法二、改进“荷兰国旗问题”
• 解法三、bfprt算法

解法一、堆

分析：既然是求第K大的数，那么很显然，可以使用TOPK问题的角度来解题。只需建一个小根堆，堆的大小就是K，遍历一遍数组：

• 如果此时堆的大小
• 如果此时堆的大小>=K，那么只需比较堆顶与arr[i]的大小，如果堆顶的元素小于arr[i]，就d出堆顶，再放入arr[i]即可。

public int findKthLargest(int[] nums, int k) {
    if (nums == null || nums.length == 0 || k <= 0 || k > nums.length) {
        return -1;
    }
    PriorityQueue  minHeap = new PriorityQueue<>();
    int size = 0; //堆的大小
    for (int i = 0; i < nums.length; i++) {
        if (size < k) { //堆的大小 < K 
            size++;
            minHeap.add(nums[i]);
        } else {//堆的大小 >= K 
            if (minHeap.peek() < nums[i]) {
                minHeap.poll();
                minHeap.add(nums[i]); //放入比较大的元素
            }
        }
    }
    return minHeap.poll();
}

以上这种解法，因为整体遍历了一遍数组，是O(N)，而遍历的每一个数，插入堆中最坏的情况就是O(logK)，整体时间复杂度O(N*logK)，空间复杂度O(K)这样的效率，还是达不到面试官的要求。我们接着看下一解法。

解法二、改进“荷兰国旗问题”

我们在之前学快速排序的时候，说到过一个优化，就是荷兰国旗问题优化。当时说的是根据一个基准值，将整个区域划分为大于区、小于区和等于区，此时这里也是一样的。我们既然要找第K大的数，对应在数组中，那就是下标为K-1的数据。

说到这里，我想你可能就理解我的意思了。

那就是，根据划分后的区域，小于区、等于区和大于区，判断K-1，是在这三个区域的哪一块区域内：

• K-1在等于区范围内，那么直接返回等于区的数据即可。
• K-1在大于区范围内，那么递归调用函数，再次进行划分即可。
• K-1在小于区范围内，也是递归调用小于区的范围即可。

如图：

//主方法
public int findKthLargest(int[] nums, int k) {
    if (nums == null || nums.length == 0 || k <= 0 || k > nums.length) {
        return -1;
    }
    //因为process函数求的是第K小的数，而题目是要求第K大的数
    //所以此时调用的是计算第length-k小的数
    return process(nums, 0, nums.length - 1, nums.length - k);
}

private int process(int[] nums, int L, int R, int index) {
    if (L == R) {
        return nums[L];
    }
    int pivot = L + (int)(Math.random() * (R - L)); //生成随机值
    int[] mid = partition(nums, L, R, nums[pivot]); //划分范围
    if (index >= mid[0] && index <= mid[1]) {//index在等于区
        return nums[index];
    } else if (index < mid[0]) { //index在小于区
        return process(nums, L, mid[0] - 1, index); 
    } else {  //index在大于区
        return process(nums, mid[1] + 1, R, index);
    }
}

//荷兰国旗问题划分
private int[] partition(int[] arr, int L, int R, int pivot) {
    int less = L - 1;
    int more = R + 1;
    int index = L;
    while (index < more) {
        if(arr[index] == pivot) {
            index++;
        } else if (arr[index] > pivot) {
            swap(arr, index, --more);
        } else {
            swap(arr, index++, ++less);
        }
    }
    return new int[]{less + 1, more - 1};
}
//交换数据
private void swap(int[] arr, int left, int right) {
    int tmp = arr[left];
    arr[left] = arr[right];
    arr[right] = tmp;
}

特别需要注意的就是在调用process函数的时候，因为这个函数是计算的是求第K小的数，而题目是要求第K大的数。这里在调用的时候，其实要转个弯，求的是第length-K小的数。

调用一次partition函数，时间复杂度是O(N)，而在基准值的选取时，是随机产生的，因为基准值的选取很重要，只有基准值选在数组的中间位置，才能使这个算法达到最优的效果。但是在数学证明中，这个算法还是收敛于O(N)的水平。时间复杂度O(N)，空间复杂度可以做到O(1)。将递归调用，改为迭代就可以做到空间复杂度O(1)。

解法三、bfprt算法

这个算法呢，是由五位大佬想出来的，也就是这五位大佬姓名的首字母组成的这个算法名。

这个算法，也是用于解决这个数组中第K大的数值的。也是能够做到时间复杂度O(N)的水平。因为上文中解法二，是一个概念性的基准值，在运气不好的情况下，那个算法的效率可能不是很理想。

bfprt算法，解决的就是如何选取基准值。其余的部分，还是跟解法二一样，基准值选出来之后，还是调用partition函数即可。

那么到底是如何选取基准值的呢？我先将步骤说出来，再一一讲解：

1. 将整个数组，从左到右划分小组，5个数为一组。如果数组末尾不够5个数的，单独为一组；
2. 将划分出来的小组，进行排序；（切记，是这小组中的5个数排序，不是整个数组）
3. 挑选出排好序的小组中的中位数，组成一个新的数组；
4. 基准值就是，新数组的排序后的中位数。

可能有点饶，看图就清楚了：

如果数组末尾不够5个数的，中间值就是上中位数，比如只有4个数时，返回第2个数，这就是上中位数。

最下面的红圆圈就是挑选出来的基准值。那么有人肯定会说，费这么大的劲挑选这个基准值，怎么说明他的重要性呢？？？来看如下分析：

通过上图的分析，我们就可以得出挑选出来的基准值d，d肯定是<=3N/10的。

因为整个代码会划分为三个区域，小于区、等于区和大于区。我们现在需要估计，小于区的数据最多有多少个？反推就是计算 大于区和等于区的数据最少有多少个？根据上图的分析，大于区和等于区最少有3N/10。

再者，每5个数据为一个小组，进行排序的时候，选择任意的排序方法都无所谓，应该一组是有5个数据，所以一个组排序的时间复杂度是O(1)，而总共有N/5个小组。

再加上partition函数的时间复杂度是O(N)。

所以整体的时间复杂度如下：

//主方法
public int findKthLargest(int[] nums, int k) {
    if (nums == null || nums.length == 0 || k <= 0 || k > nums.length) {
        return -1;
    }
    //bfprt求的是第K小的数，而题目求的是第K大的数
    return bfprt(nums, 0, nums.length - 1, nums.length - k );
}

private int bfprt(int[] arr, int L, int R, int index) {
    if (L == R) {//只有一个数的时候
        return arr[L];
    }

    //获取基准值-小组内排序
    int pivot = medianOfMedians(arr, L, R);
    int[] mid = partition(arr, L, R, pivot); //划分区间
    if (index >= mid[0] && index <= mid[1]) {//index在等于区内
        return arr[index];
    } else if (index < mid[0]) { //进入小于区
        return bfprt(arr, L, mid[0] - 1, index);
    } else {//进入大于区
        return bfprt(arr, mid[1] + 1, R, index);
    }
}

//5个数一组，并且排序，挑选出中位数，组成新数组
private int medianOfMedians(int[] arr, int L, int R) {
    int size = R - L + 1;
    int offset = size % 5 == 0? 0 : 1; //数组末尾够不够5个数
    int[] tmp = new int[size / 5 + offset];
    for (int i = 0; i < tmp.length; i++) {
        int start = L + i * 5; //每个小组的开始下标
        tmp[i] = getMedianNum(arr, start, Math.min(start + 4, R));//闭区间
    }
    //求新数组的中位数，再次调用bfprt函数即可
    return bfprt(tmp, 0, tmp.length - 1, tmp.length / 2);//求tmp的中位数
}

private int getMedianNum(int[] arr, int L, int R) {
    selectSort(arr, L, R); //闭区间。小组内排序
    return arr[(R + L) / 2]; //返回中间值
}
//选择排序
private void selectSort(int[] arr, int left, int right) {
    for (int i = left; i <= right - 1; i++) {
        int min = i;
        for (int j = i + 1; j <= right; j++) {
            if (arr[j] < arr[min]) {
                min = j;
            }
        }
        if (min != i) {
            swap(arr, i, min);
        }
    }
}

private void swap(int[] arr, int left, int right) {
    int tmp = arr[left];
    arr[left] = arr[right];
    arr[right] = tmp;
}

解法二，已经是足够优秀的了。但是现在的算法难度越来越高，可能解法二不能够满足面试官的胃口了，那么此时你就可以说一说，这道题还有一个bfprt算法可以解。

好啦，以上全部就是本期文章的全部内容啦！我们下期见吧！！！