2020年蓝桥杯10月c++b组解析（联系2021年）

临近class="superseo">蓝桥杯需要练习真题以提高自身算法基本功，当然说实话时间也是没多少，只能抽时间来做并且做个讲解了。

这是2021年的蓝桥杯试题解析点击此处
分析这2份真题还是能发现出很多共性的，首先是基本题目给分到位，接近一半的题目都可以通过暴力枚举来得出答案，然而这其中还是有很多小细节的。

不过可以清晰地发现蓝桥杯题目确实一年比一年难了，所以也只能提高自身技术才会游刃有余。

每一个思路都能在20年和21年找到类似，这里做个大致汇总：
1.gcd辗转相除法 ：20年既约分数 21年路径
2.查找数字包含的个数 ：20年门牌制作 21年卡片
3.set去重判断交点 ： 20年平面切分 21年直线
4.针对已知矩阵找规律打表 ： 20年蛇形填数 21年杨辉三角形

本次填空题5道4道完全可以做出来，没有一丝难度。

大题除最后一题难度比较高以外其他都比较正常，都是常见题目，下面通过我一步步讲解来吧，不过最后一题我暂时没有太好的思路。

注意，20年和21的算法题非常类似，所以抓住真题练习算法绝对有收获！
本文难题参考博客（最后一题）：
参考博客1

参考博客2

目录

• 门牌制作（5分）
• 既约分数（5分）
• 蛇形填数（10分）
• 跑步锻炼（10分）
• 七段码（15分）
• 成绩统计 (15分)
• 回文日期（20分）
• 子串分值和（20分）
• 平面切分（25分）
• 字串排序 (25分)

门牌制作（5分）

总体思路就是拆分数字，思路和21年蓝桥杯题目2类似，应该重点关注。

只要从1-2000找出包含2，然后sum++即可，不过友情提醒，需要在每次循环的时候保存到temp中，不然循环会一直进行哦！

#include 

using namespace std;

int main(){
    int sum=0,temp;
    for(int i=1;i<=2020;i++){
        int ti=i;
        while(ti){
            temp=ti%10;
            if(temp==2){
                sum++;
            }
            ti/=10;
        }
    }
    cout<<sum<<endl;
    return 0;
}

既约分数（5分）

不用多说了吧，去年蓝桥杯图论也考了相应的知识点，就是gcd，寻找公因数与公倍数，使用辗转相除法，重点算法。

#include 

using namespace std;

int gcd(int a,int b){

    return a%b==0?b:gcd(b,a%b);
}


int main(){
    int sum=0;
    for(int i=1;i<=2020;i++){
        for(int j=1;j<=2020;j++){
            int mi=max(i,j);
            int mj=min(i,j);
            if(gcd(i,j)==1){
                sum++;
            }
        }
    }
    cout<<sum<<endl;
    return 0;
}

蛇形填数（10分）

此题我是思考许久，思路就是先打表然后找出在表中的数字，但是如何对表进行填数，这就很关键了。

仔细观察这个矩阵，很容易发现，每行与每行之间存在着关系例如这里选取一部分进行观察。

我们把矩阵拆分成这样来看，很清晰的发现以下规律：
1.偶数列的数字从小到大每次加1；
2.奇数列的数字从大到小每次减1；
通过以上发现便很清晰的找到了关系，也就是说我们算出第一行其余也都出来了。

所以第一行又有什么规律呢？
将每2个数分成1组，即（1,2），（6,7）（15,16）,也就是说只要找到奇数项偶数项只要+1即可，而奇数项规律：以1,6,15分析，差值为5,9…猜想差值按照等差数列d=4进行排列。

至此规律已全部找出，下面就是解题过程：
1.先找出按照公式找出第1行数据，2.按照j>=i的规律打印此矩阵。

3.然后把此矩阵赋给另一个矩阵B，遇到0就跳过，这样就确保了正确，以下是代码过程！
当然了这个题目还是有简单的方法，直接观察：可以斜着看，第一条斜线是：1；第二条是：2, 3；第20行第20列的数在第39条斜线上的中点位置。

所以该数是：1+2+…+38+20=761

#include 
#include 

using namespace std;

long long a[90][90];
long long b[90][90];

int main(){
    int di=4;
    memset(a,0,sizeof(a));
    a[1][1]=1;
    a[1][2]=2;
    for(int i=3;i<=90;i++){
        if(i%2!=0){
            a[1][i]=a[1][i-1]+di;
            di+=4;
        }else{
            a[1][i]=a[1][i-1]+1;
        }
    }
    for(int i=2;i<=90;i++){
        for(int j=i;j<=90;j++){
            if(j%2==0){
                a[i][j]=a[i-1][j]+1;
            }else{
                a[i][j]=a[i-1][j]-1;
            }
        }
    }
    for(int i=1;i<=90;i++){
        int temp=1;
        for(int j=1;j<=90;j++){
            if(a[i][j]>0){
                b[i][temp]=a[i][j];
                temp++;
            }
        }
    }
    cout<<b[20][20]<<endl;
    return 0;
}

跑步锻炼（10分）

简单的日期题，不过使用c++要自己写出代码实在是麻烦了,不过可以使用python或者java中的时间来解决。

#include 

using namespace std;

int year,month,day;
int mon[13]={0,31,28,31,30,31,30,31,31,30,31,30,31};
long long csum=0;

bool cmp_year(int year){
    return (year%4==0&&year%100!=0)||(year%400==0)?true:false;
}

int main(){
    cin>>year>>month>>day;
    int week=6;
    for(int i=2000;i<=year;i++){
        mon[2]=28;
        if(cmp_year(i)) {++mon[2];}
        for(int j=1;j<=12;j++){
            for(int k=1;k<=mon[j];k++){
                ++csum;
                if(k==1||week%7==1) {++csum;}
                ++week;
                if(i==year&&j==month&&k==day) goto here;
            }
        }
    }
    here:
    cout<<csum<<endl;
    return 0;
}

下面附个python代码轻松解决

import datetime

begin = datetime.date(2000, 1, 1)  # datetime.date(year, month, day)
# print(begin) # 2000-01-01
end = datetime.date(2020, 10, 2)
# print(end)# 2020-10-02
count = 0
while begin != end:
    if begin.day == 1 or begin.weekday() == 0:  # date.weekday()返回一个整数代表星期几，星期一为0，星期天为6。


        count += 2
    else:
        count += 1
    begin += datetime.timedelta(days=1)  # datetime.timedelta：表示两个 date 对象或 time 对象，或者 datetime 对象之间的时间间隔，精确到微秒
print(count)

七段码（15分）

这个题目呢我觉得考场有时间可以强行暴力枚举一下，答案也不多。

这个题目我一开始以为就是从这7个里面选1,2，…7个的情况，然而并非如此简单，因为他需要连成一片。

一想到这里，就明白这个题目意思了。

问连通性的情况，那必定有图论的dfs来做了。

思路：首先定义1-7序号的完全无向图，将边赋值为1。

重点是每次的循环与dfs，具体的代码如下，学过dfs的同学比较好理解，考场这个题目没时间也不介意去写了。

#include
using namespace std;
int d[8][8]={0};
int dp[8],cnt=-1;
int dfs2(int i,int p[]){
    int sum=0;
    for(int j=1;j<8;j++)
        if(d[i][j]==1&&p[j]==0&&dp[j]==1){
            sum+=j;
            p[j]=1;
            sum+=dfs2(j,p);
        }
    return sum;
}
int dfs1(){
    int p[8]={0};
    for(int i=1;i<8;i++)
        if(dp[i]!=0){
            p[i]=1;
            return i+dfs2(i,p);
        }
}
void csh(){
    d[1][2]=d[2][1]=1;
    d[1][7]=d[7][1]=1;
    d[2][3]=d[3][2]=1;
    d[2][4]=d[4][2]=1;
    d[3][5]=d[5][3]=1;
    d[3][4]=d[4][3]=1;
    d[5][6]=d[6][5]=1;
    d[6][4]=d[4][6]=1;
    d[6][7]=d[7][6]=1;
    d[4][7]=d[7][4]=1;
}
int fax(int i){
    if(i==8)
    {
        int sum=0;
        for(int j=1;j<8;j++)
            sum+=dp[j]*j;
        if(sum==dfs1())
            cnt++;
    }
    else
    {
        dp[i]=0;
        fax(i+1);
        dp[i]=1;
        fax(i+1);
    }
}
int main()
{
    csh();
    fax(1);
    cout<<cnt<<endl;
}

成绩统计 (15分)

额，这个题不就是明摆着送分吗？但是也要注意四舍五入的情况哦，这个还是有点讲究的，那就使用一下round函数啦，当然如果考场想不起来了，那就自己写个函数吧，这个还是比较简答的，思路呢就是先就是对这个数＋0.5然后强制成Int就成了。

#include 
#include 

using namespace std;

int n;

int main(){
    cin>>n;
    int m=0,t=0;
    for(int i=1;i<=n;i++){
        int x;
        cin>>x;
        if(x>=60)m++;
        if(x>=85) t++;
    }
    double d=m*100*1.0/n;
    double b=t*100*1.0/n;
    cout<<round(d)<<"%"<<endl<<round(b)<<"%"<<endl;
    return 0;
}

回文日期（20分）

这个题目又是回文，看来回文数是重点啊，这里面需要注意这几个方面，第一，是回文的判断，一般我就是使用string中的reverse函数了，不过这个遇到大的数字肯定会TLE，这次也。

还有一种就是对数字来判断回文，主要思路就是使用栈，不过我没有进行尝试，因为有现成的还是使用现成的吧。

当然了还有这个输出的日期是否符合题意，这个也非常重要，所以又要写个判断时间的函数了。

以下是通过80%样例的代码，还有20%是因为超时了，不过答案也可以算出来，可以值得优化。

#include 
#include 
#include 
#include 
#include 

using namespace std;


int data;
int mon[13]={0,31,28,31,30,31,30,31,31,30,31,30,31};

bool fun(int n){
    string s="";
    while(n){
        int temp=n%10;
        s+=temp-'0';
        n/=10;
    }
    string m=s;
    reverse(s.begin(),s.end());
    return m==s?true:false;
}

bool sfun(int n){
    string s="";
    while(n){
        int temp=n%10;
        s+=temp-'0';
        n/=10;
    }
    string m=s;
    reverse(s.begin(),s.end());
    if(s!=m) return false;
    if(s[2]!=s[0]) return false;
    if(s[3]!=s[1]) return false;
    if(s[4]!=s[1]) return false;
    if(s[5]!=s[0]) return false;
    if(s[6]!=s[1]) return false;
    if(s[7]!=s[0]) return false;
    return true;
}

bool year(int  n){
    int mday=n%100;
    int mmon=(n%10000-mday)/100;
    int myea=(n-n%10000)/10000;
    if((myea%4==0&&myea%100!=0)||(myea%400==0)) mon[2]++;
    if(mmon>12) return false;
    if(mday>mon[mmon]) return false;
    return true;
}

int main(){
    cin>>data;
    int temp;
    for(int i=data+1;;i++){
        if(fun(i)){
            if(year(i)){
                cout<<i<<endl;
                temp=i;
                break;
            }
        }
    }
    for(int i=temp;;i++){
        if(sfun(i)){
            if(year(i)){
                cout<<i<<endl;
                break;
            }
        }
    }
    return 0;
}

子串分值和（20分）

这个题目我自己想的就是简单的暴力枚举，只能通过40%样例，思路就是使用set去重，不过这个时间复杂度也比较高，需要优化。

#include 
#include 


using namespace std;

set<char> m;

int sum=0;

int fun(string s){
    m.clear();
    for(int i=0;i<s.length();i++){
        m.insert(s[i]);
    }
    return m.size();
}

int main(){
    string str;
    cin>>str;
    for(int i=0;i<str.length();i++){
        for(int j=0;j<str.length()-i;j++){
            sum+=fun(str.substr(i,j+1));
        }
    }
    cout<<sum<<endl;
    return 0;
}

但是这个题有个绝杀思路，采用的是贡献值方法，代码如下：
通过100%样例

#include 
using namespace std;
int last[30]; 
long long ans = 0;
int main() {
    string s;
    cin >> s;
    int len = s.length();
    s = '0' + s;  //下标从1开始
    for (int i = 1; i <= len; i++) {
        ans += (long long)(len - i + 1) * (i - last[s[i]-'a']);
        last[s[i]-'a'] = i;
    }
    cout << ans;
    return 0;
}

平面切分（25分）

这个题目乍一看很像高中时期做的题目，当时我记得我做的题目大概意思就是说，有N条直线如何划分最大空间。

当时我清楚记得这个规律应为f(n)=f(n-1)+n，计算可得f(n)=n(n+1)/2+1。

那么这个思路又是怎么来的，这个就是猜的，通过数学归纳法总结的。

但是我忽然也发现此题的规律，
首先这个题目先找出交点，还是需要double类型，是不是和21年蓝桥杯一个思路呢？
整理的规律可以划分成这样：
下面的直线都优先进行去重 *** 作，然后再进行接下来 *** 作
1.如果新增的直线和一个直线平行，那么就只要+1就行了
2.如果新增的直线与平面内所有的直线有交点，且这个交点和之前的交点不一样（所以这样要把交点放进set里面）那么增加的分割数就是交点数+1。

#include 
#include 

using namespace std;

int n;
double A[1005],B[1005];
int main(){
    cin>>n;
    set<pair<double,double> >a;
    while(n--){
        double x;
        double y;
        cin>>x>>y;
        a.insert(pair<double,double>(x,y));
    }
    set<pair<double,double> >:: iterator it=a.begin();
    for(int i=0;i<a.size();i++){
        A[i]=it->first;
        B[i]=it->second;
        it++;
    }
    long long ans = 2;  
    for(int i = 1; i < a.size(); i++)
    {    
        set<pair< double,  double> > pos;  
        for(int j = 0; j <= i-1; j++)
        {
            double a1 = A[i], b1 = B[i];
            double a2 = A[j], b2 = B[j];
            if(a1 == a2) continue;    
            double x= (b2-b1)/(a1-a2);  
            double y= a1*(b2-b1)/(a1-a2) + b1; 
            pos.insert(pair<double,double>(x,y));
        }
        ans += pos.size() + 1;  
    }
    cout<<ans<<endl;
    return 0;
}

字串排序 (25分)

不说了我觉得这题还是比较难的，暂时没有太好的思路，参考别人的答案，代码如下：

#include 

using namespace std;

const int N = (int)1e4+5;

int num[N];

int main() {
	int n, m;
	int _max, id, len, sum;
	scanf("%d", &n);
	
	sum = 0; len = 0;
	while (sum < n) {
		id = 1;
		for (int i = 2; i <= 26; i++) { //找到s最小的点, 如果存在多个取字典序更小的
      if (num[i] < num[id]) id = i;
		}
		sum = sum + len - num[id];
		len ++;
		num[id] ++;
	}
	
	m = sum - n; //注意更新逆序数差值
	for (int i = 1; i <= 26; i++) {
		if (num[i]) {
			_max = i;
		}
	}
	
	for (int i = _max; i >= 1; i--) {
		for (int j = 0; j < num[i]; j++) {
			printf("%c", 'a'+i-1);
		}
	}
	printf("\n");
	
	for (int i = 1; i <= m; i++) {
		/*
		//尽量消去最大的数字，并且逆序数变化得最少，如果变化量相同则选择字典序较小的方案
		id = 0; sum = INT_MAX;
		for (int j = 1; j <= 26; j++) {
			if (m - i + num[_max] - num[j] >= 0) {
				if (sum > num[j] - num[_max] + 1) {
					sum = num[j] - num[_max] + 1;
					id = j;
				}
			}
		}
		if (id) {
			num[id] ++;
			num[_max] --;
			if (!num[_max]) _max--;
			i += sum - 1;
			printf("~%d\n", id);
			continue;
		}
		*/
		
		for (int j = _max; j >= 1; j--) {
			id = 0;
			while(num[++id]!= num[j]);
			if (id != j) {
				num[id] ++;
				num[j] --;
				break;
			}
		}

		if (!num[_max]) {
			_max--;
		}
	}
	
	for (int i = _max; i >= 1; i--) {
		for (int j = 0; j < num[i]; j++) {
			printf("%c", 'a'+i-1);
		}
	}
	printf("\n");
  return 0;
}